Câu 1.
b) Điều kiện:
Ta có x = 25 thỏa mãn điều kiện xác định.
Thay x = 25 vào biểu thức Q ta có:
Vậy khi x = 25 thì Q = 9.
c) Rút gọn biểu thức Q.
Câu 2.
a) Học sinh tự vẽ.
b) Ta có phương trình hoành độ giao điểm của(P) và (d) là :
-x2 = -5x + 6 ⇔ x2 - 5x + 6 = 0
Δ = (-5)2 - 4.6 = 1 ⇒ √Δ = 1 ⇒ Phương trình có hai nghiệm:
Vậy (d) cắt (P) tại 2 điểm (3; -9); (2; -4)
Câu 3.
a) x2 - 5x + 4 = 0 ⇔ x2 - x - 4x + 4 = 0
⇔ x(x -1) - 4(x-1) = 0 ⇔ (x - 4)(x -1) = 0
Vậy (x;y) = (2; -1)
c) x2 - (2m - 1)x + m2 - 2 = 0
Ta có Δ = (2m -1)2 - 4(m2 - 2) = 4m2 - 4m +1 - 4m2 + 8 = 9 - 4m
Để phương trình có nghiệm thì:
Δ ≥ 0 ⇔ 9 - 4m ≥ 0
Khi đó áp dụng định lý Vi-ét:
Ta có: x1(1 - x2) - x2(x1 - 1) = -9
⇔ x1 - x1x2 - x1x2 + x2 = -9
⇔ (x1 + x2 )- 2x1x2 = -9 hay 2m -1 - 2m2 + 4 = -9
⇔ 2m2 - 2m -12 = 0
Vậy m = 3 thì thỏa mãn đề bài.
Câu 4.
a) Xét tứ giác CMHN có: ∠CNH = ∠CMH = 900 ⇒ ∠CMH + ∠CNH = 1800
⇒ Tứ giác CMHN nội tiếp
b) Do CMHN nội tiếp (cmt) ⇒ ∠NHA = ∠NCB
Xét ΔNAH và ΔNBC có: ∠NHA = ∠NCB (cmt); ∠ANH = ∠BNC = 900
⇒ ΔNAH ~ ΔNBC (g.g)
⇒ NA.NC = NH.NB
c) Do F ∈ (H; HA) ⇒ HA = HF ⇒ ΔHAF cân tại H
mà HN ⊥ AF ⇒ HN là tia phân giác của ∠AHF (đường cao đồng thời là phân giác)
⇒ ∠AHN = ∠FHN mà ∠AHN = ∠BCN (do ΔNAH ~ ΔNBC) ⇒ ∠FHN = ∠BCN
mà ∠FHN + ∠FHB =1800 (kề bù) ⇒ ∠FHB + ∠BCN = 1800 ⇒ Tứ giác BHFC nội tiếp (1)
d) Ta có : ∠KEN = ∠KFH = 90° (gt) ⇒ ∠KEH + ∠KFH = 1800 ⇒ KEHF nội tiếp đường tròn đường kính HK
⇒ 4 điểm K, E, H, F cùng thuộc đường tròn đường kính HK (2)
ΔHEF cân tại H ⇒ ∠HEF = ∠HFE
mà ∠HEF + ∠HFE +∠ EHF = 1800 (tổng 3 góc tam giác)
⇒ ∠HEF = (1800 - ∠EHF) = 900 - ∠EHF
Lại có: ∠EHF = 2∠EAF (góc nội tiếp và góc ở tâm cùng chắn cung EF) ⇒∠HEF = 900 - ∠EAF = 900 - ∠BAN = ∠ABN
Mà ∠ABN + ∠EBH = 180o (kề bù) ⇒ ∠HFE + ∠EBH = 1800 ⇒ BHEF nội tiếp
⇒ 4 điểm B,H,F,E cùng thuộc 1 đường tròn (3)
Từ (1),(2), (3) ⇒ 6 điểm B, H, F, C, K, E cùng thuộc đường tròn đường kính HK
∠HBK = 90° (góc nôi tiếp chắn nửa đường tròn) ⇒ BH ⊥ BK
Mà BH ⊥ AC (gt) ⇒ BK // AC
Tương tự ta có: ∠HCK = 900 ⇒ CH ⊥CK mà CH ⊥ AB (H là trực tâm ΔABC) ⇒AB // CK.
Xét tứ giác ABKC có:
⇒ ABKC là hình bình hành.
⇒ AK và BC cắt nhau tại trung điểm mỗi đường ⇒ AK đi qua trung điểm BC.
Câu 5.
Với 0 ≤ x, y ,z ≤ 1 thì:
Ta có: bổ đề x + y + z ≤ xyz + 2. Chứng minh bất đẳng thức: xyz - yz - x +1 + yz - y - z +1 ≥ 0
⇔ (1 - x)(1 - yz )(1 - y )(1 - z ) ≥ 0 (luôn đúng)
Quay lại bài toán: vì 0 ≤ x, y ,z ≤ 1 nên: